Docstoc

DE DAP AN THI THU THPT DUC THO LAN 1

Document Sample
DE DAP AN THI THU THPT DUC THO LAN 1 Powered By Docstoc
					                                                            ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG LẦN I, NĂM 2012
      SỞ GD&ĐT HÀ TĨNH                                                    Môn: TOÁN; Khối A, B, D
   http://ebooktoan.com/forum
   TRƯỜNG THPT ĐỨC THỌ                                      Thời gian làm bài: 180 phút(Không kể thời gian phát đề)


   I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH (7,0 điểm)
   Câu I (2,0 điểm) Cho hàm số y = x4 − 2mx2 + m (1) , m là tham số
   1. Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số khi m = 1 .
                                                                                                                                           3   
   2. Biết A là điểm thuộc đồ thị hàm số (1) có hoành độ bằng 1. Tìm m để khoảng cách từ điểm B =  ; 1
                                                                                                                                           4   
   đến tiếp tuyến của đồ thị hàm số (1) tại A lớn nhất .
   Câu II (2,0 điểm)
                                                                      5π       
   1. Giải phương trình               2.cos 5 x − sin(π + 2 x) = sin     + 2 x  .cot 3 x.
                                                                      2        
                                     2        2
                                     x y + 2 x + 3 y − 15 = 0
   2. Giải hệ phương trình           4     2     2
                                    x + y − 2x − 4 y − 5 = 0
                                    
                                                    x
   Câu III (1,0 điểm) Tính I =          ∫ 3x +       9x2 − 1
                                                                 dx

   Câu IV (1,0 điểm) Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thoi cạnh a, hình chiếu vuông góc của
                                                                                                                               a 3
   đỉnh S trên (ABCD) là trung điểm H của AB, đường trung tuyến AM của ∆ ACD có độ dài                                             , góc giữa
                                                                                                                                2
   (SCD) và (ABCD) bằng 300. Tính thể tích khối chóp S.ABCD và tính diện tích mặt cầu ngoại tiếp hình chóp
   S.ABC.
   Câu V (1,0 điểm) Cho x, y , z là các số thực dương thoả mãn x ≥ y ≥ z và x + y + z = 3 .
                                                      x z
   Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức: P =             + + 3y
                                                      z y
II. PHẦN RIÊNG (3 điểm) Thí sinh chỉ chọn một trong hai phần (phần A hoặc phần B)
    A. Theo chương trình chuẩn
    Câu VI.a (2,0 điểm)
    1. Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho hình thoi ABCD biết phương trình của một đường chéo là: 3 x + y − 7 = 0 ,
    điểm B(0;-3). Tìm tọa độ các đỉnh còn lại của hình thoi biết diện tích hình thoi bằng 20.
    2. Giải phương trình: log(10.5 x + 15.20 x ) = x + log 25.
    Câu VII.a (1,0 điểm) Cho khai triển (1 + 2x)10 (x2 + x + 1)2 = a0 + a1x + a2x2 + … + a14x14. Hãy tìm giá trị
    của a6.
    B. Theo chương trình nâng cao
    Câu VI.b (2,0 điểm)
    1. Cho hình thang vuông ABCD vuông tại A và D có đáy lớn là CD, đường thẳng AD có phương trình
    3x – y = 0, đường thẳng BD có phương trình x-2y=0, góc tạo bởi hai đường thẳng BC và AB bằng 450.
    Viết phương trình đường thẳng BC biết diện tích hình thang bằng 24 và điểm B có hoành độ dương.
     2. Giải bất phương trình    1 + log 2 x + log 2 ( x + 2) > log 2 (6 − x)
                                                   0       1       2       3                    2n
 Câu VII.b (1,0 điểm) Cho n ∈ N * Chứng minh rằng C2 n − 2C2 n + 3C2 n − 4C2 n + ... + (2n + 1)C2 n = 0

                                         ----------------Hết--------------------
                     Thí sinh không được sử dụng tài liệu. Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm

              Họ và tên thí sinh..............................................................Số báo danh...............................
        SỞ GD&ĐT HÀ TĨNH                                  ĐÁP ÁN & THANG ĐIỂM
http://ebooktoan.com/forum
   TRƯỜNG THPT ĐỨC THỌ                         ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG LẦN I, NĂM 2012
                                                               Môn: TOÁN; Khối A, B,D
                                                                (Đáp án gồm 04 trang)

Câu   ý                                         Nội dung                                        Điểm
                                    4     2
          Với m = 1 hàm số là: y = x − 2 x + 1
          +) TXĐ: D= R
                                                                                                0.25
                                                                        3            x = 0
          +) Giới hạn, đạo hàm: lim y = +∞ ; lim y = +∞ . y ' = 4 x − 4 x; y ' = 0 ⇔ 
      1                          x →+∞          x →−∞                                 x = ±1
          +) Hàm số đồng biến trên các khoảng (- 1; 0), (1; + ∞ )
                   nghịch biến trên các khoảng (- ∞ ;- 1), (0; 1)                               0.25
          +) Hàm đạt cực đại tại x = 0, yCĐ = 1, cực tiểu tại x = ± 1, yCT = 0
          +) BBT:
  I                        x         - ∞ -1               0           1        +∞
                           y'             - 0      +      0     -    0 +
                                                                                                0.25
                           y         +∞                  1                   +∞

                                                  0                         0
                                                  10




                                                   8




                                                   6




                                                   4




                                                   2




                         -15     -10      -5               5       10           15              0.25
                                                   -2




                                                   -4




                                                   -6




                                                   -8




          +)Đồ thị                                -10




          +) A ∈ ( Cm ) nên A(1 ; 1- m)                                                         0.25
        +) y ' = 4 x − 4mx ⇒ y '(1) = 4 − 4m
                     3


        Phương trình tiếp tuyến của (Cm) tại A có phương trình                                  0.25
        y – ( 1 − m ) = y’(1).(x – 1)
        Hay (4 – 4m).x – y – 3(1 – m) = 0
      2
                                  −1
        Khi đó d ( B; ∆) =                  ≤ 1 , Dấu ‘=’ xảy ra khi và chỉ khi m = 1           0.25
                            16(1 − m) 2 + 1
          Do đó d ( B; ∆ ) lớn nhất bằng 1 khi và chỉ khi m = 1                                 0.25
          ĐK: sin 3x ≠ 0
                                                                                                0.25
          pt ⇔ 2cos5 x + sin 2 x = cos 2 x.cot 3 x
http://ebooktoan.com/forum
              ⇔ 2cos5 x sin 3 x + sin 2 x cos3 x = cos 2 x.cos3 x
                                                                                                  0.25
              ⇔ 2cos5 x sin 3 x − cos5 x = 0 ⇔ cos5 x( 2 sin 3x − 1) = 0
       1                                        π k 2π
                                                      x=       +
                       1                       12     3
           +) sin 3x =    ≠ 0 (t/m đk) ⇔                                                         0.25
                        2                 x = π + k 2π
                                                   
                                                           4       3
                                    π        kπ
  II       +) cos5 x = 0 ⇔ x =           +      t/m đk
                                   10         5                                                   0.25
           KL:………………
                   ( x 2 − 1)( y − 2) + 4( x 2 − 1) + 4( y − 2) = 5
                                                                                  u = x 2 − 1
           Hệ pt ⇔  2        2           2
                                                                     . Đặt         
                   ( x − 1) + ( y − 2) = 10
                                                                                  v = y − 2
                                                                                                  0.25
                    u 2 + v 2 = 10      (u + v) 2 − 2uv = 10
         Ta có hpt                    ⇔
                    uv + 4(u + v) = 5   uv + 4(u + v) = 5
             u + v = −10                    u + v = 2      u = 3           u = −1
         ⇔                 (vô nghiệm) hoặc            ⇔             hoặc                     0.25
             uv = 45                        uv = −3        v = −1          v = 3
       2
            u = 3
         +)          Tìm được 2 nghiệm ( x; y ) = (2;1) và ( x; y ) = (−2;1)                     0.25
            v = −1
              u = −1
           +)             Tìm được nghiệm ( x; y ) = (0;5)
              v = 3                                                                              0.25
           Kết luận: Hệ phương trình có 3 nghiệm: (2;1), (-2;1), (0;5)
                         x
           I =∫                   dx = ∫ x(3x − 9 x 2 − 1)dx = ∫ 3x 2 dx − ∫ x 9 x 2 − 1dx        0.25
                             2
                 3x + 9 x − 1
 III
           +) I1 = ∫ 3 x 2 dx = x3 + C1                                                           0.25
                                                                                      3
                                         1                             1
           +) I 2 = ∫ x 9 x 2 − 1dx =
                                        18 ∫
                                             9 x 2 − 1 d (9 x 2 − 1) =    (9 x 2 − 1) 2 + C2      0.25
                                                                       27
                                    3
                     1
           Vậy I =      (9 x 2 − 1) 2 + x3 + C                                                    0.25
                     27
http://ebooktoan.com/forum
                                  S




                                               A
                                                                                                    D
IV                                       H
                                                                                                M

                                   B                                                     C
           +) Tính thể tích khối chóp
                                                                            a 3
           Ta có cos ACD = 600 suy ra ∆ACD đều. HC = AM =                       và                      0,25
                                                                             2
                                                                                                    0
           HC ⊥ CD ⇒ CD ⊥ ( SHC ) . Suy ra góc giữa (SCD) và (ABCD) là SHC =30
                                  a                    a2 3           1             a3 3                0,25
             SH = HC.tan 300 =      , S ABCD = AB.CH =      ⇒ VSABCD = S ABCD .SH =
                                  2                      2            3              12

                                                                                      a
           +) Gọi G là trọng tâm tam giác ABC. Ta có GA = GB = GC =                      . Do
                                                                                       3
                              a
           HS = HB = HA =       nên các tam giác GHA,GHB,GHS là các tam giác vuông
                              2
           bằng nhau nên GA=GB=GS. Suy ra G tâm mặt cầu ngoại tiếp hình chóp và bán                     0. 5
                         a
           kính R = GC =    .
                          3
                                              4πa 2
           Diện tích mặt cầu S = 4πR 2 =
                                                3
                                             x            z
           Sử dụng bđt AM-GM, ta có            + xz ≥ 2 x, + yz ≥ 2 z                                   0.25
                                             z            y
                                x z
           Từ đó suy ra P =      + + 3 y ≥ 2 x − xz + 2 z − yz + 3 y
                                z y
                                                                                                        0.25
                                           = 2( x + z ) + y ( x + y + z ) − xz − yz
                                      = 2( x + z ) + y 2 + x( y − z )
V          Do x > 0 và y ≥ z nên x( y − z ) ≥ 0 . Từ đây kết hợp với trên ta được
               x z
           P=    + + 3 y ≥ 2( x + z ) + y 2 = 2(3 − y ) + y 2 = ( y − 1) 2 + 5 ≥ 5 .                    0. 5
               z y
           Vậy giá trị nhỏ nhất của P bằng 5 đạt khi x=y=z=1
            Phương trình BD x − 3 y − 9 = 0 . Tọa độ I = AC ∩ BD ⇒ I (3; −2)                            0.25
             Do I là trung điểm BD nên D(6; −1) . Gọi A(a; 7 − 3a) ∈ AC ta có BD = 2 10                 0.25
http://ebooktoan.com/forum
                                                                1 a − 3(7 − 3a ) − 9
             dt(ABCD)=2.dt(ABD) ⇒                                                    .2 10 = 10                                0.25
                                                                2       12 + 32
        1
                a = 2         A (2;1); C1 (4; −5)
              ⇔       do vậy  1                                                                                              0.25
                a = 4         A2 (4; −5); C2 (2;1)
              PT              (
                     ⇔ log 10.5 x + 15.20 x = log 25.10 x   )        (       ) ⇔ 10.5      x
                                                                                               + 15.20 x = 25.10 x
                                                                                                                               0.25
                   ⇔ 15.4 x − 25.2 x + 10 = 0 (chia hai vế của phương trình cho 5 x )
                                                                      t = 1(tm)
              Đặt t = 2 (t > 0) , Ta có pt : 15t - 25t +10 = 0 ⇔  2
                       x                           2
                                                                                                                               0.25
                                                                      t = (tm)
                                                                       3
VI.a    2 Với t = 1 ⇒ 2 x = 1 ⇔ x = 0
                       2        2             2
            Với t =      ⇒ 2x =   ⇔ x = log 2  
                       3        3             3                                                                              0.5
                                                                        2
            Vậy phương trình đã cho có hai nghiệm là x = 0 và x = log 2   .
                                                                        3
                                               10
             Ta có (1 + 2 x) = ∑ C10 .( 2 x )k và ( x 2 + x + 1) 2 = ( x 4 + 3 x 2 + 1 + 2 x 3 + 2 x)
                                  10
                                   k
                                                                                                                               0.25
                                               k =0
                                                                                    10
            ⇒ (1 + 2 x)10 ( x 2 + x + 1) 2 = ( x 4 + 3 x 2 + 1 + 2 x3 + 2 x).∑ C10 . ( 2 x )
                                                                                                       k
                                                                                                                               0.25
                                                                                 k
VII.a
                                                                                    k =0
                      2             4  2        6              3 4           65                   3              5
              ⇒ a6 = C10 .( 2) + 3.C10 .( 2) + C10 .( 2 ) + 2.C10 .( 2 ) + 2.C10 .( 2) = 41748                               0. 5
                                           3 x − y = 0  x = 0
            Tọa độ điểm D là:                          ⇔      => D(0;0) ≡ O
                                           x − 2 y = 0  y = 0
                                                                                                       ur             r
                                                                                                                     uu
            Vecto pháp tuyến của đường thẳng AD và BD lần lượt là n1 ( 3; −1) , n2 (1; −2 )                                    0.25
VI.b                              1
            => cosADB=               => ADB=450 =>AD=AB (1)
                                   2
                                                  0         0
        1 Vì góc giữa đường thẳng BC và AB bằng 45 => BCD=45 => ∆ BCD vuông
                                                                                           1                  3. AB 2
            cân tại B=>DC=2AB. Theo bài ra ta có: S ABCD =                                   ( AB + CD ) AD =         = 24
                                                                                           2                     2             0.25
            =>AB=4=>BD= 4 2

                                                     x 
            Gọi tọa độ điểm B  xB ; B  , điều kiện xB>0
                                    2 
                                                   8 10
               uuu
                 r               2          xB = −       (loai )
                                                                                 8 10 4 10                                   0.25
                           xB                       5
            => BD = xB +   = 4 2 ⇔ 
                        2
                                                                  Tọa độ điểm B 
                                                                                 5 ; 5    
                           2                   8 10                                     
                                            xB =       (tm)
                                                   5
                                         r
                                       uuu
            Vectơ pháp tuyến của BC là nBC = ( 2;1)
                                                                                                                               0.25
            => phương trình đường thẳng BC là: 2 x + y − 4 10 = 0
              Đk: 0< x< 6. BPT ⇔ log 2 (2 x 2 + 4 x) > log 2 (6 − x) 2                                                         0.25
              BPT ⇔ 2 x 2 + 4 x > (6 − x) 2 ⇔ x 2 + 16 x − 36 > 0                                                              0.25
http://ebooktoan.com/forum
                   ⇔ x < -18 hoặc x > 2                                                       0.25
              Kết hợp đk ta có tập nghiệm BPT là S =(2; 6)
                                                                                              0.25
        2
              Xét hàm số f ( x) = x(1 + x)2 n ⇒ f '( x) = (1 + x)2 n + 2nx(1 + x) 2 n−1 (1)   0,25
            Theo công thức khai triển nhị thưc newton ta có:
             f ( x) = x(C2 n + C2 n x + C2 n x 2 + ... + C2 n x 2 n )
                         0      1        2                2n                                  0,25
VII.b
                         0       1         2                        2n
            ⇒ f '( x) = C2 n + 2C2 n x + 3C2 n x 2 + ... + (2n + 1)C2 n x 2 n   (2)           0,25
              Thay x = -1 vào (1) và (2) ta được đẳng thức cần chứng minh                     0,25
                           Các cách giải khác đúng cho điểm tương đương

				
DOCUMENT INFO
Shared By:
Tags:
Stats:
views:93
posted:4/17/2012
language:Vietnamese
pages:6